Loading [MathJax]/jax/element/mml/optable/GreekAndCoptic.js
Skip to main content
LibreTexts - Ukrayinska

4.6: Межі на нескінченності та асимптотах

  • Edwin “Jed” Herman & Gilbert Strang
  • OpenStax

Цілі навчання
  • Обчисліть межу функції якx збільшення або зменшення без обмежень.
  • Розпізнайте горизонтальну асимптоту на графіку функції.
  • Оцініть кінцеву поведінку функції якx збільшення або зменшення без обмежень.
  • Розпізнайте косу асимптоту на графіку функції.
  • Проаналізуйте функцію та її похідні, щоб намалювати її графік.

Показано, як використовувати першу та другу похідні функції для опису форми графа. Для побудови графіка функції,f визначеної на необмеженій області, нам також потрібно знати поведінкуf asx±. У цьому розділі ми визначаємо межі на нескінченності та покажемо, як ці межі впливають на графік функції. В кінці цього розділу ми окреслимо стратегію побудови графіків довільної функціїf.

Ми почнемо з вивчення того, що означає для функції, щоб мати кінцеву межу на нескінченності. Потім вивчаємо ідею функції з нескінченною межею на нескінченності. Повернувшись у Вступ до функцій та графіків, ми розглянули вертикальні асимптоти; у цьому розділі ми маємо справу з горизонтальними та косими асимптотами.

Межі на нескінченності та горизонтальні асимптоти

Нагадаємо, щоlimxaf(x)=L засібf(x) стає довільно близьким до тихL пір, покиx досить близько доa. Ми можемо розширити цю ідею до меж нескінченності. Наприклад, розглянемо функціюf(x)=2+1x. Як видно графічно на малюнку4.6.1 і чисельно в таблиці4.6.1, як значенняx отримують більше, значенняf(x) наближення2. Ми говоримо межа якx підходиf(x) є2 і пишемоlimxf(x)=2. Аналогічноx<0, для того, як значення|x| стають більшими, значенняf(x) наближення2. Ми говоримо межа якx підходиf(x) є2 і пишемоlimxf(x)=2.

Графічна функція f (x) 2 + 1/x. Функція починається від'ємною поблизу y = 2, але потім зменшується до −∞ поблизу x = 0. Потім функція зменшується від ∞ поблизу x = 0 і наближається до y = 2 при збільшенні x. Існує горизонтальна лінія, що позначає асимптоту y = 2.
Малюнок:4.6.1 Функція наближається до асимптоти якy=2 підходиx.±
Таблиця4.6.1: Значення функціїf якx±
x 10 100 1 000 10 000
2+1x 2.1 2.01 2.001 2.0001
x −10 −100 −1000 −10 000
2+1x 1.9 1,99 1.999 1.999

Більш загально, для будь-якої функціїf, ми говоримо межа якx зf(x) єL якщоf(x) стає довільно близько до тихL пір, покиx досить великий. У такому випадку пишемоlimxf(x)=L. Аналогічно, ми говоримо, що межаx станом наf(x) єL якщоf(x) стає довільно близькою до тихL пір, покиx<0 і|x| є досить великим. У такому випадку пишемоlimxf(x)=L. Тепер ми розглянемо визначення функції, що має межу на нескінченності.

Визначення: Межа на нескінченність (неформальна)

Якщо значенняf(x) стають довільно близькими доL якx стає досить великими, ми говоримо, що функціяf має межу на нескінченність і записуємо

limxf(x)=L.

Якщо значенняf(x) стає довільно близькими доL forx<0 as|x| стає досить великими, скажемо, що функціяf має межу при негативній нескінченності і запишемо

limxf(x)=L.

Якщо значенняf(x) отримують довільно близькі до деякого кінцевого значенняL якx orx, графікf наближається до прямоїy=L. У такому випадку лініяy=L є горизонтальною асимптотоюf (рис.4.6.2). Наприклад, для функціїf(x)=1x, оскількиlimxf(x)=0, лініяy=0 є горизонтальною асимптотоюf(x)=1x.

Фігура розбита на дві фігури, позначені a і b. На малюнку a показано функцію f (x), що наближається, але ніколи не торкається горизонтальної пунктирною лінією, позначеною L зверху. На малюнку b показано функцію f (x), що наближається, але ніколи не горизонтальна пунктирна лінія з позначкою M знизу.
Малюнок4.6.2: (а) Якx, значенняf стають довільно близькими доL. Лініяy=L являє собою горизонтальну асимптотуf. (б) Якx, значенняf стають довільно близькими доM. Лініяy=M являє собою горизонтальну асимптотуf.
Визначення: Горизонтальна асимптота

Якщоlimxf(x)=L абоlimxf(x)=L, ми говоримо, що лініяy=L є горизонтальною асимптотоюf.

Функція не може перетинати вертикальну асимптоту, оскільки графік повинен наближатися до нескінченності (або) принаймні з одного напрямку, колиx наближається до вертикальної асимптоти. Однак функція може перетинати горизонтальну асимптоту. Насправді функція може перетинати горизонтальну асимптоту необмежену кількість разів. Наприклад, функція,f(x)=cosxx+1 показана на малюнку,4.6.3 перетинає горизонтальну асимптотуy=1 нескінченну кількість разів, коли вона коливається навколо асимптоти з постійно спадаючою амплітудою.

Показана функція f (x) = (cos x) /x + 1. Він зменшується від (0, ∞), а потім переходить до коливань навколо y = 1 зі зменшенням амплітуди.
Малюнок4.6.3: Графікf(x)=(cosx)/x+1 перетинає свою горизонтальну асимптотуy=1 нескінченну кількість разів.

Алгебраїчні граничні закони та теорема стискання, які ми ввели у Вступ до меж, також застосовуються до меж на нескінченності. Ми ілюструємо, як використовувати ці закони для обчислення декількох меж на нескінченності.

Приклад4.6.1: Computing Limits at Infinity

Для кожної з наведених нижче функційf оцінюютьlimxf(x) іlimxf(x). Визначте горизонтальну асимптоту (и) дляf.

  1. f(x)=52x2
  2. f(x)=sinxx
  3. f(x)=tan1(x)

Рішення

а Використовуючи алгебраїчні граничні закони, ми маємо

limx(52x2)=limx52(limx1x)(limx1x)=520=5.

Аналогічно,limxf(x)=5. Томуf(x)=52x2 має горизонтальну асимптотуy=5 іf наближається до цієї горизонтальної асимптотиx±, як показано на наступному графіку.

Графічна функція f (x) = 5 — 2/x2. Функція наближається до горизонтальної асимптоти y = 5, оскільки x наближається до ±∞.
Малюнок4.6.4: Ця функція наближається до горизонтальної асимптоти якx±.

б. оскільки1sinx1 для всіхx у нас є

1xsinxx1x

для всіхx0. Крім того, так як

limx1x=0=limx1x,

ми можемо застосувати теорему стискання, щоб зробити висновок, що

limxsinxx=0.

Аналогічно,

limxsinxx=0.

Таким чином,f(x)=sinxx має горизонтальну асимптотуy=0 іf(x) наближається до цієї горизонтальної асимптотиx±, як показано на наступному графіку.

Показана функція f (x) = (sin x) /x. Він має глобальний максимум при (0, 1), а потім продовжує коливатися навколо y = 0 зі зменшенням амплітуди.
Малюнок4.6.5: Ця функція багаторазово перетинає свою горизонтальну асимптоту.

c Для оцінкиlimxtan1(x) іlimxtan1(x), спочатку розглянемо графікy=tan(x) над інтервалом,\left(−\frac{π}{2},\frac{π}{2}\right) як показано на наступному графіку.

Показана функція f (x) = tan x. Вона збільшується від (−π/2, −∞), проходить через початок, а потім збільшується в бік (π/2, ∞). Існують вертикальні пунктирні лінії, що позначають x = ± π/2.
Малюнок\PageIndex{6}: Графікy=\tan x має вертикальні асимптоти приx=±\frac{π}{2}

Так як

\displaystyle \lim_{x→\tfrac{π}{2}^−}\tan x=∞,

з цього випливає, що

\displaystyle \lim_{x→∞}\tan^{−1}(x)=\frac{π}{2}.

Аналогічно, так як

\displaystyle \lim_{x→-\tfrac{π}{2}^+}\tan x=−∞,

з цього випливає, що

\displaystyle \lim_{x→−∞}\tan^{−1}(x)=−\frac{π}{2}.

В результатіy=\frac{π}{2} іy=−\frac{π}{2} є горизонтальними асимптотами,f(x)=\tan^{−1}(x) як показано на наступному графіку.

Буде показано функцію f (x) = tan−1 x. Вона збільшується від (−∞, −π/2), проходить через початок, а потім збільшується в бік (∞, π/2). Існують горизонтальні пунктирні лінії, що позначають y = ± π/2.
Рисунок\PageIndex{7}: Ця функція має два горизонтальних асимптоти.
Вправа\PageIndex{1}

Оцініть\displaystyle \lim_{x→−∞}\left(3+\frac{4}{x}\right) і\displaystyle \lim_{x→∞}\left(3+\dfrac{4}{x}\right). Визначте горизонтальні асимптоти,f(x)=3+\frac{4}{x}, якщо такі є.

Підказка

\displaystyle \lim_{x→±∞}\frac{1}{x}=0

Відповідь

Обидві межі3. є Лініяy=3 є горизонтальною асимптотою.

Нескінченні межі і нескінченність

Іноді значення функціїf стають довільно великими якx→∞ (або якx→−∞). В даному випадку пишемо\displaystyle \lim_{x→∞}f(x)=∞ (або\displaystyle \lim_{x→−∞}f(x)=∞). З іншого боку, якщо значенняf від'ємні, але стають довільно великими за величиною якx→∞ (або якx→−∞), ми пишемо\displaystyle \lim_{x→∞}f(x)=−∞ (або\displaystyle \lim_{x→−∞}f(x)=−∞).

Наприклад, розглянемо функціюf(x)=x^3. Як видно з таблиці\PageIndex{2} та малюнка\PageIndex{8}, так якx→∞ значенняf(x) стають довільно великими. Тому,\displaystyle \lim_{x→∞}x^3=∞. З іншого боку, якx→−∞, значенняf(x)=x^3 негативні, але стають довільно великими за величиною. Отже,\displaystyle \lim_{x→−∞}x^3=−∞.

Таблиця\PageIndex{2}: Значення силової функції якx→±∞
x 10 20 50 100 1000
x^3 1000 8000 125 000 1 000 000 1 000 000 000
x −10 −20 −50 −100 −1000
x^3 −1000 −8000 −125 000 −1 000 000 −1 000 000 000
Графічна функція f (x) = x3. Очевидно, що ця функція стрімко наближається до нескінченності, коли х наближається до
Малюнок\PageIndex{8}: Для цієї функції функціональні значення наближаються до± нескінченності якx→±∞.
Визначення: Нескінченна межа і нескінченність (неформа

Ми говоримо, що функціяf має нескінченну межу в нескінченності і записувати

\lim_{x→∞}f(x)=∞. \nonumber

якщоf(x) стає довільно великим дляx досить великих. Ми говоримо, що функція має негативну нескінченну межу на нескінченності і записуємо

\lim_{x→∞}f(x)=−∞. \nonumber

якщоf(x)<0 і|f(x)| стає довільно великим дляx досить великих. Аналогічно, ми можемо визначити нескінченні межі якx→−∞.

Формальні визначення

Раніше ми використовували терміни довільно закритий, довільно великий і досить великий, щоб визначити межі на нескінченності неформально. Хоча ці терміни дають точні описи меж на нескінченності, вони не є точними математично. Ось більш формальні визначення меж на нескінченності. Потім ми розглянемо, як використовувати ці визначення, щоб довести результати, пов'язані з межами на нескінченності.

Визначення: Межа на нескінченність (формальна)

Ми говоримо, що функціяf має межу на нескінченності, якщо існує дійсне числоL такеε>0, що для всіх існуєN>0 таке, що

|f(x)−L|<ε \nonumber

для всіхx>N. в такому випадку ми пишемо

\lim_{x→∞}f(x)=L \nonumber

Функція f (x) графічна, і вона має горизонтальну асимптоту на L. L позначена на осі y, як і L + і L —. На осі х N позначається як значення х таке, що f (x) = L +.
Малюнок\PageIndex{9}: Для функції з обмеженням на нескінченність, для всіхx>N, |f(x)−L|<ε.

Раніше в цьому розділі ми використовували графічні докази на малюнку\PageIndex{1} та числові докази в таблиці,\PageIndex{1} щоб зробити висновок про це\displaystyle \lim_{x→∞}\left(2+\frac{1}{x}\right)=2. Тут ми використовуємо формальне визначення межі на нескінченності, щоб суворо довести цей результат.

Приклад\PageIndex{2}:

Скористайтеся формальним визначенням межі на нескінченності, щоб довести це\displaystyle \lim_{x→∞}\left(2+\frac{1}{x}\right)=2.

Рішення

ε>0.НехайN=\frac{1}{ε}. Тому для всіхx>N у нас є

\left|2+\frac{1}{x}−2\right|=\left|\frac{1}{x}\right|=\frac{1}{x}<\frac{1}{N}=ε \nonumber

Вправа\PageIndex{2}

Скористайтеся формальним визначенням межі на нескінченності, щоб довести це\displaystyle \lim_{x→∞}\left(3-\frac{1}{x^2}\right)=3.

Підказка

НехайN=\frac{1}{\sqrt{ε}}.

Відповідь

ε>0.НехайN=\frac{1}{\sqrt{ε}}. Тому для всіх уx>N, нас є

\Big|3−\frac{1}{x^2}−3\Big|=\frac{1}{x^2}<\frac{1}{N^2}=ε \nonumber

Тому,\displaystyle \lim_{x→∞}(3−1/x^2)=3.

Тепер звернемо увагу на більш точне визначення нескінченної межі на нескінченності.

Визначення: Нескінченна межа і нескінченність (формальна

Ми говоримо, що функціяf має нескінченну межу в нескінченності і записувати

\displaystyle \lim_{x→∞}f(x)=∞

якщо для всіхM>0, існуєN>0 таке, що

f(x)>M

для всіхx>N (див. Рис.\PageIndex{10}).

Ми говоримо, що функція має негативну нескінченну межу на нескінченності і записуємо

\displaystyle \lim_{x→∞}f(x)=−∞

якщо для всіхM<0, існуєN>0 таке, що

f(x)<M

для всіхx>N.

Аналогічно ми можемо визначити межі якx→−∞.

Функція f (x) графічна. Вона продовжує швидко збільшуватися після х = N, а f (N) = M.
Малюнок\PageIndex{10}: Для функції з нескінченною межею на нескінченності, для всіхx>N,\; f(x)>M.

Раніше ми використовували графічні докази (рис.\PageIndex{8}) та числові докази (таблиця\PageIndex{2}), щоб зробити висновок про це\displaystyle \lim_{x→∞}x^3=∞. Тут ми використовуємо формальне визначення нескінченної межі на нескінченності, щоб довести цей результат.

Приклад\PageIndex{3}

Використовуйте формальне визначення нескінченної межі на нескінченності, щоб довести, що\displaystyle \lim_{x→∞}x^3=∞.

Рішення

M>0.НехайN=\sqrt[3]{M}. Тоді, для всіхx>N, у нас є

x^3>N^3=(\sqrt[3]{M})^3=M.

Тому,\displaystyle \lim_{x→∞}x^3=∞.

Вправа\PageIndex{3}

Використовуйте формальне визначення нескінченної межі на нескінченності, щоб довести, що\displaystyle \lim_{x→∞}3x^2=∞.

Підказка

НехайN=\sqrt{\frac{M}{3}}.

Відповідь

M>0.НехайN=\sqrt{\frac{M}{3}}. Тоді для всіх уx>N, нас є

3x^2>3N^2=3\left(\sqrt{\frac{M}{3}}\right)^2=\frac{3M}{3}=M

Поведінка кінця

Поведінка функції, якx→±∞ називається кінцевою поведінкою функції. На кожному з кінців функції функція може проявляти один з наступних типів поведінки:

  1. Функціяf(x) наближається до горизонтальної асимптотиy=L.
  2. Функціяf(x)→∞ абоf(x)→−∞.
  3. Функція не наближається до кінцевої межі, а також не наближається або−∞. При цьому функція може мати деяку коливальну поведінку.

Розглянемо кілька класів функцій тут і розглянемо різні типи кінцевої поведінки для цих функцій.

Поведінка кінця для поліноміальних функцій

Розглянемо функцію powerf(x)=x^n, деn є додатним цілим числом. З малюнка\PageIndex{11} та\PageIndex{12} малюнка ми бачимо, що

\lim_{x→∞}x^n=∞;\;n=1,2,3,… \nonumber

і

\lim_{x→−∞}x^n=\begin{cases}∞, & n=2,4,6,…\\−∞, & n=1,3,5,….\end{cases} \nonumber

Функції x2, x4 та x6 графічні, і очевидно, що з ростом показника функції збільшуються швидше.
Малюнок\PageIndex{11}: Для силових функцій з рівномірною потужністюn,\displaystyle \lim_{x→∞}x^n=∞=\lim_{x→−∞}x^n.
Функції x, x3 та x5 графічні, і очевидно, що з ростом показника функції збільшуються швидше.
Малюнок\PageIndex{12}: Для силових функцій з непарною потужністюn,\displaystyle \lim_{x→∞}x^n=∞ і\displaystyle \lim_{x→−∞}x^n=−∞.

Використовуючи ці факти, не важко оцінити\displaystyle \lim_{x→∞}cx^n і\displaystyle \lim_{x→−∞}cx^n, деc будь-яка константа іn є натуральним числом. Якщоc>0, графікy=cx^n є вертикальним розтягуванням або стисненнямy=x^n, і тому

\displaystyle \lim_{x→∞}cx^n=\lim_{x→∞}x^nі\displaystyle \lim_{x→−∞}cx^n=\lim_{x→−∞}x^n якщоc>0.

Якщо графікc<0,y=cx^n є вертикальним розтягуванням або стисненням в поєднанні з відображенням проx -осі, а отже

\displaystyle \lim_{x→∞}cx^n=−\lim_{x→∞}x^nі\displaystyle \lim_{x→−∞}cx^n=−\lim_{x→−∞}x^n якщоc<0.

Якщоc=0,y=cx^n=0, в якому випадку\displaystyle \lim_{x→∞}cx^n=0=\lim_{x→−∞}cx^n.

Приклад\PageIndex{4}: Limits at Infinity for Power Functions

Для кожної функціїf оцінюють\displaystyle \lim_{x→∞}f(x) і\displaystyle \lim_{x→−∞}f(x).

  1. f(x)=−5x^3
  2. f(x)=2x^4

Рішення

  1. Оскільки коефіцієнтx^3 є−5, графікf(x)=−5x^3 передбачає вертикальне розтягування і відображення графікаy=x^3 проx -осі. Тому\displaystyle \lim_{x→∞}(−5x^3)=−∞ і\displaystyle \lim_{x→−∞}(−5x^3)=∞.
  2. Оскільки коефіцієнтx^4 є2, то графікf(x)=2x^4 є вертикальним розтягненням графікаy=x^4. Тому\displaystyle \lim_{x→∞}2x^4=∞ і\displaystyle \lim_{x→−∞}2x^4=∞.
Вправа\PageIndex{4}

Нехайf(x)=−3x^4. Знайти\displaystyle \lim_{x→∞}f(x).

Підказка

−3Коефіцієнт негативний.

Відповідь

−∞

Тепер ми розглянемо, як межі нескінченності для степеневих функцій можуть бути використані\displaystyle \lim_{x→±∞}f(x) для визначення для будь-якої поліноміальної функціїf. Розглянемо поліноміальну функцію

f(x)=a_nx^n+a_{n−1}x^{n−1}+…+a^1x+a^0 \nonumber

ступеняn≥1 так, щоa_n≠0.

Факторинг, ми бачимо, що

f(x)=a_nx^n\left(1+\frac{a_{n−1}}{a_n}\frac{1}{x}+…+\frac{a_1}{a_n}\frac{1}{x^{n−1}}+\frac{a_0}{a_n}\frac{1}{x^n}\right). \nonumber

Оскількиx→±∞, всі терміни всередині дужок наближаються до нуля, крім першого члена. Ми робимо висновок, що

\lim_{x→±∞}f(x)=\lim_{x→±∞}a_nx^n. \nonumber

Наприклад, функціяf(x)=5x^3−3x^2+4 поводиться так,g(x)=5x^3x→±∞ як показано на малюнку\PageIndex{13} та таблиці\PageIndex{3}.

Обидві функції f (x) = 5x3 — 3x2 + 4 і g (x) = 5x3 побудовані. Їх поведінка для великих позитивних і великих негативних чисел сходиться.
Малюнок\PageIndex{13}: Кінцева поведінка многочлена визначається поведінкою терміна з найбільшим показником.
Таблиця\PageIndex{3}: Кінцева поведінка полінома визначається терміном з найбільшим показником
x 10 100 1000
f(x)=5x^3−3x^2+4 4704 4 970 004 4 997 000 004
g(x)=5x^3 5000 5 000 000 5 000 000 000
x −10 −100 −000
f(x)=5x^3−3x^2+4 −5296 −5 029 996 −5 002 999 996
g(x)=5x^3 −5000 −5 000 000 −5 000 000 000

Поведінка кінця для алгебраїчних функцій

Кінцева поведінка для раціональних функцій і функцій за участю радикалів трохи складніше, ніж для поліномів. У прикладі показано\PageIndex{5}, що межі на нескінченності раціональної функціїf(x)=\dfrac{p(x)}{q(x)} залежать від співвідношення між ступенем чисельника і ступенем знаменника. Для оцінки меж на нескінченності для раціональної функції ділимо чисельник і знаменник на найвищуx ступінь присутності в знаменнику. Це визначає, який термін у загальному виразі домінує над поведінкою функції при великих значенняхx.

Приклад\PageIndex{5}: Determining End Behavior for Rational Functions

Для кожної з наведених нижче функцій визначте межі,x→∞ аx→−∞. потім використовуйте цю інформацію для опису кінцевої поведінки функції.

  1. f(x)=\dfrac{3x−1}{2x+5}(Примітка: Ступінь чисельника і знаменника однакові.)
  2. f(x)=\dfrac{3x^2+2x}{4x^3−5x+7}(Примітка: Ступінь чисельника менше ступеня знаменника.)
  3. f(x)=\dfrac{3x^2+4x}{x+2}(Примітка: Ступінь чисельника більше, ніж ступінь знаменника.)

Рішення

а. найвища силаx в знаменнику єx. Тому, розділивши чисельник і знаменник наx і застосовуючи алгебраїчні граничні закони, ми бачимо, що

\begin{align*} \lim_{x→±∞}\frac{3x−1}{2x+5} &=\lim_{x→±∞}\frac{3−1/x}{2+5/x} \\[4pt] &=\frac{\lim_{x→±∞}(3−1/x)}{\lim_{x→±∞}(2+5/x)} \\[4pt] &=\frac{\lim_{x→±∞}3−\lim_{x→±∞}1/x}{\lim_{x→±∞}2+\lim_{x→±∞}5/x} \\[4pt] &=\frac{3−0}{2+0}=\frac{3}{2}. \end{align*}

Оскільки\displaystyle \lim_{x→±∞}f(x)=\frac{3}{2}, ми знаємо, щоy=\frac{3}{2} це горизонтальна асимптота для цієї функції, як показано на наступному графіку.

Пара криволінійних графіків. Перший починається з лівого боку фігури, де вона майже рівна зі значенням Y 3 над 2, потім згинається майже до вертикалі, залишаючи верхню частину фігури на X дорівнює негативним 5 половинам. Інша крива піднімається майже вертикально знизу, коли X дорівнює негативним 5 половинам, вирівнюється, і стає майже горизонтальною праворуч зі значенням Y близько 3 половин
Рисунок\PageIndex{14}: Графік цієї раціональної функції наближається до горизонтальної асимптоти якx→±∞.

б. оскільки найбільша силаx появи в знаменнику дорівнюєx^3, ділимо чисельник і знаменник наx^3. Зробивши це і застосувавши алгебраїчні граничні закони, отримуємо

\lim_{x→±∞}\frac{3x^2+2x}{4x^3−5x+7}=\lim_{x→±∞}\frac{3/x+2/x^2}{4−5/x^2+7/x^3}=\frac{3\cdot 0+2\cdot 0}{4−5\cdot 0+7\cdot 0}=\frac{0}{4}=0. \nonumber

Томуf має горизонтальну асимптотуy=0, як показано на наступному графіку.

Функція f (x) = (3x2 + 2x)/(4x2 — 5x + 7) побудована як її горизонтальна асимптота при y = 0.
Рисунок\PageIndex{15}: Графік цієї раціональної функції наближається до горизонтальної асимптотиy=0 якx→±∞.

с. розділивши чисельник і знаменник наx, маємо

\displaystyle \lim_{x→±∞}\frac{3x^2+4x}{x+2}=\lim_{x→±∞}\frac{3x+4}{1+2/x}. \nonumber

Якx→±∞, наближається знаменник1. Якx→∞, наближається чисельник+∞. Якx→−∞, наближається чисельник−∞. \displaystyle \lim_{x→∞}f(x)=∞Тому тоді\displaystyle \lim_{x→−∞}f(x)=−∞ як показано на наступному малюнку.

Наноситься функція f (x) = (3x2 + 4x)/(х + 2). Здається, він має діагональну асимптоту, а також вертикальну асимптоту при x = −2.
Малюнок\PageIndex{16}: Якx→∞, значенняf(x)→∞. Якx→−∞, значенняf(x)→−∞.
Вправа\PageIndex{5}

Оцініть\displaystyle \lim_{x→±∞}\frac{3x^2+2x−1}{5x^2−4x+7} і використовуйте ці межі для визначення кінцевої поведінкиf(x)=\dfrac{3x^2+2x−1}{5x^2−4x+7}.

Підказка

Розділіть чисельник і знаменник наx^2.

Відповідь

\frac{3}{5}

Перш ніж приступити, розглянемо графік,f(x)=\dfrac{3x^2+4x}{x+2} показаний на малюнку\PageIndex{16}. Якx→∞ іx→−∞, графікf представляється майже лінійним. Хочаf це, звичайно, не лінійна функція, ми зараз досліджуємо, чому графік,f здається, наближається до лінійної функції. По-перше, використовуючи довге ділення многочленів, ми можемо записати

f(x)=\frac{3x^2+4x}{x+2}=3x−2+\frac{4}{x+2}. \nonumber

Оскільки\dfrac{4}{x+2}→0, якx→±∞, ми робимо висновок, що

\lim_{x→±∞}(f(x)−(3x−2))=\lim_{x→±∞}\frac{4}{x+2}=0. \nonumber

Тому графікf наближається до лініїy=3x−2 якx→±∞. Ця лінія відома як коса асимптота дляf (рис.\PageIndex{17}).

Функція f (x) = (3x2 + 4x)/(x + 2) побудована як її діагональна асимптота y = 3x — 2.
Рисунок\PageIndex{17}: Графік раціональної функціїf(x)=(3x^2+4x)/(x+2) наближається до косої асимптотиy=3x−2 якx→±∞.

Ми можемо узагальнити результати Прикладу,\PageIndex{5} щоб зробити наступний висновок щодо кінцевої поведінки для раціональних функцій. Розглянемо раціональну функцію

f(x)=\frac{p(x)}{q(x)}=\frac{a_nx^n+a_{n−1}x^{n−1}+…+a_1x+a_0}{b_mx^m+b_{m−1}x^{m−1}+…+b_1x+b_0},\nonumber

деa_n≠0 іb_m≠0.

  1. Якщо ступінь чисельника збігається зі ступенем знаменника,(n=m), тоf має горизонтальну асимптотуy=a_n/b_m якx→±∞.
  2. Якщо ступінь чисельника менше ступеня знаменника,(n<m), тоf має горизонтальну асимптотуy=0 якx→±∞.
  3. Якщо ступінь чисельника більше ступеня знаменника,(n>m), тоf не має горизонтальної асимптоти. Межі на нескінченності - це або позитивна, або негативна нескінченність, в залежності від знаків провідних членів. Крім того, використовуючи довгий ділення, функція може бути переписана якf(x)=\frac{p(x)}{q(x)}=g(x)+\frac{r(x)}{q(x)}, \nonumber там, де ступінь менше ступеняq(x).r(x) Як результат,\displaystyle \lim_{x→±∞}r(x)/q(x)=0. Тому значення[f(x)−g(x)] наближаються до нуля якx→±∞. Якщо ступіньp(x) рівно на один більше ступеняq(x) (тобтоn=m+1), функціяg(x) є лінійною функцією. В даному випадку ми називаємо косуg(x) асимптоту.

Тепер розглянемо кінцеву поведінку для функцій, що беруть участь радикал.

Приклад\PageIndex{6}: Determining End Behavior for a Function Involving a Radical

Знайдіть межі якx→∞ іx→−∞ дляf(x)=\dfrac{3x−2}{\sqrt{4x^2+5}} і опишіть кінцеву поведінкуf.

Рішення

Скористаємося тією ж стратегією, що і для раціональних функцій: ділимо чисельник і знаменник на ступіньx. Щоб визначити відповідну силуx, розглянемо вираз\sqrt{4x^2+5} в знаменнику. Так як

\sqrt{4x^2+5}≈\sqrt{4x^2}=2|x| \nonumber

для великих значень чинностіxx з'являється якраз до першого ступеня в знаменнику. Тому числівник і знаменник ділимо на|x|. Потім, використовуючи те, що|x|=xx>0, |x|=−x дляx<0, і|x|=\sqrt{x^2} для всіхx, розраховуємо межі наступним чином:

\ [\ почати {вирівнювати*}\ lim_ {x→∞}\ розрив {3x−2} {\ sqrt {4x^2+5}} &=\ lim_ {x→∞}\ frac {(1/|x|)} {(1/|x|)\ sqrt {4x^2+5}}\\ [4pt]
&=\ lim_ {x→∞}\ розрив {(1/x) (3х−2)} {\ sqrt {(1/x^2) (4x^2+5)}}\\ [4pt]
&=\ lim_ {x→∞}\ frac {3−2/x} {\ sqrt {4+5/x^2}} =\ frac {3} {\ sqrt {4}} =\ frac 3} {2}\ end {вирівнювати*}\]

\ [\ почати {вирівнювати*}\ lim_ {x→−∞}\ розрив {3x−2} {\ sqrt {4x^2+5}} &=\ lim_ {x→∞}\ frac {(1/|x|)} {(1/|x|)\ sqrt {4x^2+5}}\\ [4pt]
&=\ lim_ x→−∞}\ розрив {(−1/x) (3х−2)} {\ sqrt {(1/x^2) (4x^2+5)}}\\ [4pt]
&=\ lim_ {x→−∞}\ frac {−3+2/x} {\ sqrt {4+5/x^2}} =\ frac {−3} {\ sqrt {4}} =\ гідророзриву {−3} {2}. \ end {вирівнювати*}\]

Томуf(x) наближається до горизонтальної асимптотиy=\frac{3}{2} якx→∞ і до горизонтальної асимптотиx→−∞,y=−\frac{3}{2} як показано на наступному графіку.

Побудовано функцію f (x) = (3x − 2)/(квадратний корінь величини (4x2 + 5)). Він має два горизонтальних асимптоти при y = ± 3/2, і він перетинає y = −3/2 перед тим, як сходитися до нього знизу.
Рисунок\PageIndex{18}: Ця функція має два горизонтальних асимптоти і перетинає один з асимптотів.
Вправа\PageIndex{6}

Оцініть\displaystyle \lim_{x→∞}\frac{\sqrt{3x^2+4}}{x+6}.

Підказка

Розділіть чисельник і знаменник наx.

Відповідь

\sqrt{3}

Визначення кінцевої поведінки трансцендентних функцій

Шість основних тригонометричних функцій є періодичними і не наближаються до кінцевої межі, якx→±∞. Наприклад,\sin x коливається між 1 і −1 (рис.\PageIndex{19}). Тангенсна функціяx має нескінченну кількість вертикальних асимптотів якx→±∞; отже, вона не наближається до кінцевої межі і не наближається,±∞x→±∞ як показано на малюнку\PageIndex{20}.

Графічна функція f (x) = sin x.
Малюнок\PageIndex{19}: Функціяf(x)=\sin x коливається між1 і−1 якx→±∞
Графічна функція f (x) = tan x.
Малюнок\PageIndex{20}: Функціяf(x)=\tan x не наближається до межі і не наближається±∞ якx→±∞

Нагадаємо, що для будь-якої бази функціяb>0,\; b≠1,y=b^x є експоненціальною функцією з доменом(−∞,∞) і діапазоном(0,∞). Якщоb>1,\;y=b^x збільшується більше(−∞,∞). Якщо0<b<1, \; y=b^x зменшується над(−∞,∞). Для природної експоненціальної функціїf(x)=e^x, \; e≈2.718>1. Томуf(x)=e^x збільшується(−∞,∞) і діапазон є(0,∞). Експоненціальна функціяf(x)=e^x підходить якx→∞ і наближаєтьсяx→−∞,0 як показано в таблиці\PageIndex{4} та рисунку\PageIndex{21}.

Таблиця\PageIndex{4}: Кінцева поведінка природної експоненціальної функції
x −5 −2 0 2 5
e^x 0,00674 0,135 1 7.389 148.413
Функція f (x) = ex позначена графіком.
Рисунок\PageIndex{21}: Експоненціальна функція наближається до нуля якx→−∞ і наближається якx→∞.

Нагадаємо, що натуральна функція логарифмаf(x)=\ln(x) є оберненою природною експоненціальною функцієюy=e^x. Тому доменf(x)=\ln(x) is(0,∞) і діапазон є(−∞,∞). Графікf(x)=\ln(x) - це відображення графікаy=e^x про прямуy=x. Тому\ln(x)→−∞ якx→0^+ і так,\ln(x)→∞x→∞ як показано на малюнку\PageIndex{22} і табл\PageIndex{5}.

Таблиця\PageIndex{5}: Кінцева поведінка функції натурального логарифма
x 0,01 0.1 1 10 100
\ln(x) −4.605 −2.303 0 2.303 4.605
Графічна функція f (x) = ln (x).
Малюнок\PageIndex{22}: Функція натурального логарифма наближається якx→∞.
Приклад\PageIndex{7}: Determining End Behavior for a Transcendental Function

Знайдіть межі якx→∞ іx→−∞ дляf(x)=\dfrac{2+3e^x}{7−5e^x} та опишіть кінцеву поведінкуf.

Рішення

Щоб знайти межу якx→∞, розділити чисельник і знаменник наe^x:

\begin{align*} \lim_{x→∞}f(x) &= \lim_{x→∞}\frac{2+3e^x}{7−5e^x} \\[4pt] &=\lim_{x→∞}\frac{(2/e^x)+3}{(7/e^x)−5.} \end{align*}

Як показано на малюнку\PageIndex{21},e^x→∞ якx→∞. Тому,

\displaystyle \lim_{x→∞}\frac{2}{e^x}=0=\lim_{x→∞}\frac{7}{e^x}.

Зроблено висновок про те\displaystyle \lim_{x→∞}f(x)=−\frac{3}{5}, що і графікf наближень до горизонтальноїx→∞. асимптотиy=−\frac{3}{5} як, щоб знайти межу якx→−∞, використовують той факт, щоe^x→0 якx→−∞ зробити висновок\displaystyle \lim_{x→-∞}f(x)=\frac{2}{7}, що, а отже, графікf(x) наближається до горизонтальної асимптоти y=\frac{2}{7}якx→−∞.

Вправа\PageIndex{7}

Знайдіть межі якx→∞ іx→−∞ дляf(x)=\dfrac{3e^x−4}{5e^x+2}.

Підказка

\displaystyle \lim_{x→∞}e^x=∞і\displaystyle \lim_{x→-∞}e^x=0.

Відповідь

\displaystyle \lim_{x→∞}f(x)=\frac{3}{5}, \quad\lim_{x→−∞}f(x)=−2

Рекомендації щодо малювання графіка функції

Тепер у нас є достатньо аналітичних інструментів для малювання графіків найрізноманітніших алгебраїчних і трансцендентних функцій. Перш ніж показати, як графікувати конкретні функції, давайте розглянемо загальну стратегію, яку слід використовувати при графіку будь-якої функції.

Стратегія вирішення проблем: креслення графіка функції

З огляду на функціюf, скористайтеся наступними кроками, щоб намалювати графікf:

  1. Визначте область функції.
  2. Знайдітьx - іy -перехоплює.
  3. \displaystyle \lim_{x→−∞}f(x)Оцінити\displaystyle \lim_{x→∞}f(x) і визначити кінцеву поведінку. Якщо будь-яка з цих меж є кінцевим числомL, тоy=L це горизонтальна асимптота. Якщо будь-яка з цих меж є або−∞, визначте, чиf має косу асимптоту. Якщоf раціональна функція такаf(x)=\dfrac{p(x)}{q(x)}, що, де ступінь чисельника більше ступеня знаменника, тоf може бути записана якf(x)=\frac{p(x)}{q(x)}=g(x)+\frac{r(x)}{q(x),} \nonumber де ступінь менше ступеняq(x).r(x) Значенняf(x) наближаються до значеньg(x) якx→±∞. Якщоg(x) є лінійною функцією, вона відома як коса асимптота.
  4. Визначтеf, чи має вертикальні асимптоти.
  5. Обчислітьf′. Знайти всі критичні точки і визначити інтервалиf, де збільшується, а деf зменшується. Визначте, чиf має якась локальна крайність.
  6. Обчисліть.f''. Визначте проміжки, деf увігнутий вгору,f а де увігнутий вниз. Використовуйте цю інформацію, щоб визначити, чиf є якісь точки перегину. Друга похідна також може бути використана як альтернативний засіб для визначення або перевірки того, щоf має локальний екстремум в критичній точці.

Тепер давайте використаємо цю стратегію для графіка декількох різних функцій. Почнемо з побудови графіка поліноміальної функції.

Приклад\PageIndex{8}: Sketching a Graph of a Polynomial

Намалюйте графікf(x)=(x−1)^2(x+2).

Рішення

Крок 1: Оскількиf це многочлен, домен - це набір всіх дійсних чисел.

Крок 2: Колиx=0,\; f(x)=2. Томуy -перехоплення є(0,2). Щоб знайтиx -перехоплення, нам потрібно вирішити рівняння(x−1)^2(x+2)=0, яке дає намx -перехоплення(1,0) і(−2,0)

Крок 3: Нам потрібно оцінити кінцеву поведінкуf. Asx→∞, \;(x−1)^2→∞ і(x+2)→∞. Тому,\displaystyle \lim_{x→∞}f(x)=∞.

Якx→−∞, \;(x−1)^2→∞ і(x+2)→−∞. Тому,\displaystyle \lim_{x→-∞}f(x)=−∞.

Щоб отримати ще більше інформації про кінцеву поведінкуf, ми можемо помножити факториf. Роблячи це, ми бачимо, що

f(x)=(x−1)^2(x+2)=x^3−3x+2. \nonumber

Оскільки провідним терміномf єx^3, ми робимо висновок, щоf поводитьсяy=x^3 якx→±∞.

Крок 4: Оскількиf є поліноміальною функцією, вона не має вертикальних асимптотів.

Крок 5: Перша похідна відf

f′(x)=3x^2−3. \nonumber

Томуf має дві критичні точки:x=1,−1.(−∞,∞) розділити інтервал на три менших інтервалу:(−∞,−1), \;(−1,1), і(1,∞). Потім вибирайте контрольні точкиx=−2, x=0, аx=2 з цих інтервалів і оцініть знакf′(x) на кожній з цих контрольних точок, як показано в наступній таблиці.

Інтервал Тестовий пункт Знак похідноїf'(x)=3x^2−3=3(x−1)(x+1) Висновок
(−∞,−1) x=−2 \ (f' (x) =3x^2−3=3 (x−1) (x+1)\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">(+)(−)(−)=+ fзбільшується
(−1,1) x=0 \ (f' (x) =3x^2−3=3 (x−1) (x+1)\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">(+)(−)(+)=− fзменшується
(1,∞) x=2 \ (f' (x) =3x^2−3=3 (x−1) (x+1)\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">(+)(+)(+)=+ fзбільшується

З таблиці ми бачимо, щоf має локальний максимум atx=−1 і локальний мінімум наx=1. Оцінюючиf(x) в цих двох точках, ми виявляємо, що локальне максимальне значення є,f(−1)=4 а локальне мінімальне значення єf(1)=0.

Крок 6: Другаf похідна від

f''(x)=6x. \nonumber

Друга похідна дорівнює нулю вx=0. Тому, щоб визначити увігнутістьf,(−∞,∞) розділити інтервал на менші інтервали(−∞,0) і(0,∞), і вибрати контрольні точкиx=−1 іx=1 визначити увігнутістьf на кожному з цих менших інтервалів як показано в наступній таблиці.

Інтервал Тестова точка Знакf''(x)=6x Висновок
(−∞,0) x=−1 \ (f "(x) = 6x\)» style="вирівнювання тексту: центр; "> fувігнутий вниз.
(0,∞) x=1 \ (f "(x) = 6x\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">+ fувігнута вгору.

Відзначимо, що інформація в попередній таблиці підтверджує факт, виявлений в кроці5, що f має локальний максимум atx=−1 і локальний мінімум atx=1. Крім того, інформація, знайдена в кроці,5 а саме,f має локальний максимум вx=−1 і локальний мінімум вx=1, іf′(x)=0 в цих точках - в поєднанні з тим, що знакf'' змін тільки наx=0 підтверджує результати, знайдені в кроці6 на увігнутістьf.

Поєднуючи цю інформацію, ми приходимо до графіку,f(x)=(x−1)^2(x+2) показаного на наступному графіку.

Графічна функція f (x) = (x −1) 2 (x + 2). Він перетинає вісь x при x = −2 і торкається осі x при x = 1.

Вправа\PageIndex{8}

Намалюйте графікf(x)=(x−1)^3(x+2).

Підказка

fє многочленом четвертого ступеня.

Відповідь

Графічна функція f (x) = (x −1) 3 (x + 2).

Приклад\PageIndex{9}: Sketching a Rational Function

Намалюйте графікf(x)=\dfrac{x^2}{1−x^2}.

Рішення

Крок 1: Функціяf визначається до тих пір, поки знаменник не дорівнює нулю. Таким чином, домен являє собою набір всіх дійсних чисел,x крімx=±1.

Крок 2: Знайдіть перехоплення. Якщоx=0, тодіf(x)=0, так0 це перехоплення. Якщоy=0, то\dfrac{x^2}{1−x^2}=0, що має на увазіx=0. Тому(0,0) є єдиним перехопленням.

Крок 3: Оцініть межі на нескінченності. Оскількиf є раціональною функцією, ділимо чисельник і знаменник на найвищу ступінь в знаменнику:x^2 .Отримуємо

\displaystyle \lim_{x→±∞}\frac{x^2}{1−x^2}=\lim_{x→±∞}\frac{1}{\frac{1}{x^2}−1}=−1.

Томуf має горизонтальну асимптотуy=−1 якx→∞ іx→−∞.

Крок 4: Щоб визначити, чиf має будь-які вертикальні асимптоти, спочатку перевірте, чи є у знаменника будь-які нулі. Знаходимо знаменник дорівнює нулю, колиx=±1. Щоб визначити, чи є лініїx=1 абоx=−1 є вертикальними асимптотамиf, оцінюють\displaystyle \lim_{x→1}f(x) і\displaystyle \lim_{x→−1}f(x). Дивлячись на кожну односторонню межу, якx→1, ми бачимо, що

\displaystyle \lim_{x→1^+}\frac{x^2}{1−x^2}=−∞і\displaystyle \lim_{x→1^−}\frac{x^2}{1−x^2}=∞.

Крім того, дивлячись на кожну односторонню межу, коли миx→−1, виявляємо, що

\displaystyle \lim_{x→−1^+}\frac{x^2}{1−x^2}=∞і\displaystyle \lim_{x→−1^−}\frac{x^2}{1−x^2}=−∞.

Крок 5: Обчисліть першу похідну:

f′(x)=\dfrac{(1−x^2)(2x)−x^2(−2x)}{\Big(1−x^2\Big)^2}=\dfrac{2x}{\Big(1−x^2\Big)^2}.

Критичні точки виникають у точкахx, деf′(x)=0 абоf′(x) не визначено. Ми бачимо, щоf′(x)=0 колиx=0. похідна неf′ є невизначеною в будь-якій точці в областіf. Однак неx=±1 знаходяться в областіf. Тому, щоб визначити, деf збільшується, а деf зменшується, розділіть інтервал(−∞,∞) на чотири менші інтервали:(−∞,−1), (−1,0), (0,1), і(1,∞), і вибрати контрольну точку в кожному інтервалі, щоб визначити знакf′(x) в кожному з цих інтервалів. Значенняx=−2,\; x=−\frac{1}{2}, \;x=\frac{1}{2}, іx=2 є хорошим вибором для тестових точок, як показано в наступній таблиці.

Інтервал Тестовий пункт Знакf′(x)=\frac{2x}{(1−x^2)^2} Висновок
(−∞,−1) x=−2 \ (f′ (x) =\ розрив {2x} {(1−x^2) ^2}\)» стиль = "вирівнювання тексту: центр; ">−/+=− fзменшується.
(−1,0) x=−1/2 \ (f′ (x) =\ розрив {2x} {(1−x^2) ^2}\)» стиль = "вирівнювання тексту: центр; ">−/+=− fзменшується.
(0,1) x=1/2 \ (f′ (x) =\ розрив {2x} {(1−x^2) ^2}\)» стиль = "вирівнювання тексту: центр; ">+/+=+ fзбільшується.
(1,∞) x=2 \ (f′ (x) =\ розрив {2x} {(1−x^2) ^2}\)» стиль = "вирівнювання тексту: центр; ">+/+=+ fзбільшується.

З цього аналізу ми робимо висновок, щоf має локальний мінімум,x=0 але не локальний максимум.

Крок 6: Обчисліть другу похідну:

\ [\ почати {вирівнювати*} f "(x) &=\ розрив {(1−x^2) ^2 (2) −2x (2 (1−x^2) (−2x))} {(1−x^2) ^4}\\ [4pt]
&=\ розрив {(1−x^2) [2 (1−x^2) +8x^2]} {\ Великий (1−x^2\ Великий) ^4}\\ [4pt]
&=\ розрив {2 (1−x^2) +8x^2} {\ Великий (1−х^2\ Великий) ^3}\\ [4pt]
&=\ розрив {6x^2+2} {\ Великий (1−х^2\ Великий) ^3}. \ end {вирівнювати*}\]

Щоб визначити інтервали, деf увігнута вгору, а деf увігнута вниз, нам спочатку потрібно знайти всі точки,x деf''(x)=0 абоf''(x) є невизначеною. Так як чисельник6x^2+2≠0 для будь-якого ніколи неx, f''(x) дорівнює нулю. Крім того, неf'' є невизначеною для будь-якогоx в області доменуf. Однак, як обговорювалося раніше, неx=±1 знаходяться в областіf. Тому, щоб визначити увігнутістьf, ділимо інтервал на(−∞,∞) три менші інтервали(−∞,−1), \, (−1,1), причому(1,∞), вибираємо контрольну точку в кожному з цих інтервалів, щоб оцінити знакf''(x). Значенняx=−2, \;x=0 і можливіx=2 контрольні точки, як показано в наступній таблиці.

Інтервал Тестова точка Знакf''(x)=\frac{6x^2+2}{(1−x^2)^3} Висновок
(−∞,−1) x=−2 \ (f "(x) =\ frac {6x^2+2} {(1−x^2) ^3}\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">+/−=− fувігнутий вниз.
(−1,1) x=0 \ (f "(x) =\ frac {6x^2+2} {(1−x^2) ^3}\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">+/+=+ fувігнута вгору
(1,∞) x=2 \ (f "(x) =\ frac {6x^2+2} {(1−x^2) ^3}\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">+/−=− fувігнутий вниз.

Об'єднавши всю цю інформацію, ми приходимо до графіку,f показаного нижче. Зверніть увагу, що, хочаf змінюється увігнутість приx=−1 іx=1, немає точок перегину ні в одному з цих місць, оскільки неf є безперервним вx=−1 абоx=1.

Графік з 3 штук. Самий лівий починається вздовж горизонтальної асимптоти при Y дорівнює негативному 1 в лівій частині графіка і згинається до вертикальної асимптоти при X дорівнює негативному 1. Середній шматок смутно параболічний, падіння з верхньої частини графіка на X дорівнює негативному 1 до початку, а потім піднімається назад на вершину при X дорівнює 1. Третій шматок піднімається знизу при X дорівнює 1 і згинається, щоб досягти правої сторони уздовж горизонтальної асимптоти Y дорівнює негативному 1.

Вправа\PageIndex{9}

Намалюйте графікf(x)=\dfrac{3x+5}{8+4x}.

Підказка

Лініяy=L - це горизонтальна асимптота,f якщо межа якx→∞ або межаx→−∞ станом наf(x) єL. Лініяx=a - це вертикальна асимптота, якщо хоча б одна з односторонніх межf asx→a є або−∞.

Відповідь

Функція f (x) = (3x + 5)/(8 + 4x) графічна. Здається, він має асимптоти при x = −2 та y = 1.

Приклад\PageIndex{10}: Sketching a Rational Function with an Oblique Asymptote

Намалюйте графікf(x)=\dfrac{x^2}{x−1}

Рішення

Крок 1: Доменf - це набір всіх дійсних чисел,x крімx=1.

Крок 2: Знайдіть перехоплення. Ми бачимо, що колиx=0, \,f(x)=0, так(0,0) є єдиним перехопленням.

Крок 3: Оцініть межі на нескінченності. Так як ступінь чисельника на один більше ступеня знаменника,f повинна мати косу асимптоту. Щоб знайти косу асимптоту, використовуйте довге ділення многочленів для запису

f(x)=\dfrac{x^2}{x−1}=x+1+\dfrac{1}{x−1}.

Оскільки\dfrac{1}{x−1}→0 якx→±∞, f(x) наближається до лініїy=x+1 якx→±∞. Лініяy=x+1 - коса асимптота дляf.

Крок 4: Щоб перевірити наявність вертикальних асимптотів, подивіться, де знаменник дорівнює нулю. Тут знаменник дорівнює нулю наx=1. Дивлячись на обидві односторонні межі, якx→1, ми знаходимо

\displaystyle \lim_{x→1^+}\frac{x^2}{x−1}=∞і\displaystyle \lim_{x→1^−}\frac{x^2}{x−1}=−∞.

Отже,x=1 це вертикальна асимптота, і ми визначили поведінкуf якx підходів1 праворуч, так і зліва.

Крок 5: Обчисліть першу похідну:

f′(x)=\dfrac{(x−1)(2x)−x^2(1)}{(x−1)^2}=\dfrac{x^2−2x}{(x−1)^2}.

У нас єf′(x)=0 колиx^2−2x=x(x−2)=0. Томуx=0 іx=2 є критичними моментами. Оскількиf не визначено вx=1, нам потрібно(−∞,∞) розділити інтервал на менші інтервали(−∞,0), (0,1), (1,2), і(2,∞), і вибрати контрольну точку з кожного інтервалу, щоб оцінити знакf′(x) в кожному з цих менших інтервалів. Наприклад, нехайx=−1, x=\frac{1}{2}, x=\frac{3}{2}, іx=3 бути контрольними точками, як показано в наступній таблиці.

Інтервал Тестова точка Знакf'(x)=\dfrac{x^2−2x}{(x−1)^2} Висновок
(−∞,0) x=−1 \ (f' (x) =\ dfrac {x^2−2x} {(x−1) ^2}\)» перевірка даних = «верхня"> (−) (−) /+=+ fзбільшується.
(0,1) x=1/2 \ (f' (x) =\ dfrac {x^2−2x} {(x−1) ^2}\)» перевірка даних ="верх"> (+) (−) /+=− fзменшується.
(1,2) x=3/2 \ (f' (x) =\ dfrac {x^2−2x} {(x−1) ^2}\)» перевірка даних ="верх"> (+) (−) /+=− fзменшується.
(2,∞) x=3 \ (f' (x) =\ dfrac {x^2−2x} {(x−1) ^2}\)» перевірка даних = «верхня"> (+) (+) /+=+ fзбільшується.

З цієї таблиці ми бачимо, щоf має локальний максимум atx=0 і локальний мінімум наx=2. Значенняf при локальному максимумі є,f(0)=0 а значенняf при локальному мінімумі дорівнюєf(2)=4. Тому(0,0) і(2,4) є важливими пунктами на графіку.

Крок 6. Обчисліть другу похідну:

\ [\ begin {align*} f "(x) &=\ розрив {(x−1) ^2 (2x−2) −2 (x−1) (x^2−2x)} {(x−1) ^4}\\ [4pt]
&=\ frac {2 (x−1) [(x−1) ^2− (x^2−2x)] {(x−1) ^4}\\ [4pt]
&=\ розрив {2 [x^2-2x+1−x^2x]} {(x−1) ^3}\\ [4pt]
&=\ розрив {2} {(x−1) ^3}. \ end {вирівнювати*}\]

Ми бачимо,f''(x) що ніколи не нуль або невизначений дляx в областіf. Оскількиf не визначено вx=1, для перевірки(−∞,∞) увігнутості ми просто ділимо інтервал на два менші інтервали(−∞,1) і(1,∞), і вибираємо контрольну точку з кожного інтервалу, щоб оцінити знакf''(x) в кожному з цих інтервалів. Значенняx=0 іx=2 можливі контрольні точки, як показано в наступній таблиці.

Інтервал Тестова точка Знакf''(x)=\dfrac{2}{(x−1)^3} Висновок
(−∞,1) x=0 \ (f "(x) =\ dfrac {2} {(x−1) ^3}\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">+/−=− fувігнутий вниз.
(1,∞) x=2 \ (f "(x) =\ dfrac {2} {(x−1) ^3}\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">+/+=+ fувігнута вгору

З зібраної інформації ми приходимо до наступного графіка дляf.

Графічна функція f (x) = x2/ (x − 1). Він має асимптоти y = х + 1 і х = 1.

Вправа\PageIndex{10}

Знайти косу асимптоту дляf(x)=\dfrac{3x^3−2x+1}{2x^2−4}.

Підказка

Використовуйте довге ділення многочленів.

Відповідь

y=\frac{3}{2}x

Приклад\PageIndex{11}: Sketching the Graph of a Function with a Cusp

Намалюйте графікf(x)=(x−1)^{2/3}

Рішення

Крок 1: Оскільки функція cube-root визначена для всіх дійсних чиселx і(x−1)^{2/3}=(\sqrt[3]{x−1})^2, область всіхf дійсних чисел.

Крок 2: Щоб знайтиy -перехоплення, оцінітьf(0). Так якf(0)=1,y -перехоплення є(0,1). Щоб знайтиx -перехоплення, вирішуйте(x−1)^{2/3}=0. Рішення цього рівняння єx=1, томуx -перехоплення(1,0).

Крок 3: Оскільки\displaystyle \lim_{x→±∞}(x−1)^{2/3}=∞, функція продовжує рости без прив'язки якx→∞ іx→−∞.

Крок 4: Функція не має вертикальних асимптотів.

Крок 5: Щоб визначити, деf збільшується або зменшується,f′. обчислюємо Знаходимо

f′(x)=\frac{2}{3}(x−1)^{−1/3}=\frac{2}{3(x−1)^{1/3}} \nonumber

Ця функція ніде не дорівнює нулю, але вона не визначена, колиx=1. Тому єдиною критичною точкою єx=1.(−∞,∞) Розділити інтервал на менші інтервали(−∞,1) і(1,∞), і вибрати контрольні точки в кожному з цих інтервалів, щоб визначити знакf′(x) в кожному з них менші інтервали. x=0x=2Дозволяти і бути контрольними точками, як показано в наступній таблиці.

Інтервал Тестова точка Знакf′(x)=\frac{2}{3(x−1)^{1/3}} Висновок
(−∞,1) x=0 \ (f′ (x) =\ розрив {2} {3 (x−1) ^ {1/3}}\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">+/−=− fзменшується
(1,∞) x=2 \ (f′ (x) =\ розрив {2} {3 (x−1) ^ {1/3}}\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">+/+=+ fзбільшується

Робимо висновок, щоf має локальний мінімум приx=1. Оцінюючиf приx=1, ми виявимо, що значенняf при локальному мінімумі дорівнює нулю. Зверніть увагу,f′(1) що не визначено, тому, щоб визначити поведінку функції в цій критичній точці, нам потрібно вивчити\displaystyle \lim_{x→1}f′(x). Дивлячись на односторонні межі, ми маємо

\lim_{x→1^+}\frac{2}{3(x−1)^{1/3}}=∞\text{ and } \lim_{x→1^−}\frac{2}{3(x−1)^{1/3}}=−∞.\nonumber

Томуf має поглиблення приx=1.

Крок 6: Для визначення увігнутості обчислюємо другу похіднуf:

f''(x)=−\dfrac{2}{9}(x−1)^{−4/3}=\dfrac{−2}{9(x−1)^{4/3}}. \nonumber

Ми знаходимо,f''(x) що визначено для всіхx, але не визначено, колиx=1. Тому розділіть інтервал(−∞,∞) на менші інтервали(−∞,1) і(1,∞), і вибирайте контрольні точки для оцінки знакаf''(x) в кожному з цих інтервалів. Як ми робили раніше, нехайx=0 іx=2 бути тестовими точками, як показано в наступній таблиці.

Інтервал Тестова точка Знакf''(x)=\dfrac{−2}{9(x−1)^{4/3}} Висновок
(−∞,1) x=0 \ (f "(x) =\ dfrac {−2} {9 (x−1) ^ {4/3}}\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">−/+=− fувігнутий вниз
(1,∞) x=2 \ (f "(x) =\ dfrac {−2} {9 (x−1) ^ {4/3}}\)» style="вирівнювання тексту: центр; ">−/+=− fувігнутий вниз

З цієї таблиці робимо висновок,f що увігнута вниз всюди. Об'єднавши всю цю інформацію, ми приходимо до наступного графіку дляf.

Графічна функція f (x) = (x − 1) 2/3. Він торкається осі х при x = 1, де справа доходить до чогось гострої точки, а потім вилітає з обох сторін.

Вправа\PageIndex{11}

Розглянемо функціюf(x)=5−x^{2/3}. Визначте точку на графіку, де знаходиться перехрестя. Визначте кінцеву поведінкуf.

Підказка

Функціяf має куп у точці,a якщоf(a)f'(a) існує, не визначена, одна з односторонніх обмеженьx→a станом наf'(x) є+∞, а інша одностороння межа−∞.

Відповідь

Функціяf має cusp at(0,5), так як\displaystyle \lim_{x→0^−}f′(x)=∞ і\displaystyle \lim_{x→0^+}f′(x)=−∞. Для кінцевої поведінки,\displaystyle \lim_{x→±∞}f(x)=−∞.

Ключові концепції

  • Межаf(x) єL якx→∞ (або якx→−∞) ніби значенняf(x) стають довільно близькими до тогоL, якx стає досить великим.
  • Межаf(x) є якx→∞ биf(x) стає довільно великим, оскількиx стає досить великим. Межаf(x) є−∞x→∞ нібиf(x)<0 і|f(x)| стає довільно великим, оскількиx стає досить великим. Ми можемо визначити межуf(x) якx підходів−∞ аналогічно.
  • Для поліноміальної функціїp(x)=a_nx^n+a_{n−1}x^{n−1}+…+a_1x+a_0, деa_n≠0, кінцева поведінка визначається провідним терміномa_nx^n. Якщоn≠0, p(x) наближається або−∞ на кожному кінці.
  • Дляf(x)=\dfrac{p(x)}{q(x),} раціональної функції кінцева поведінка визначається залежністю між ступенемp і ступенемq. Якщо ступінь менше ступеняpq, то лініяy=0 є горизонтальною асимптотою дляf. Якщо ступіньp дорівнює градусуq, то лініяy=\dfrac{a_n}{b_n} являє собою горизонтальну асимптоту, деa_n іb_n є провідними коефіцієнтамиp іq, відповідно. Якщо ступіньp більше ступеняq, тоf підходить або−∞ на кожному кінці.

Глосарій

кінець поведінка
поведінка функції якx→∞ іx→−∞
горизонтальна асимптота
якщо\displaystyle \lim_{x→∞}f(x)=L або\displaystyle \lim_{x→−∞}f(x)=L, тоy=L є горизонтальним асимптотомf
нескінченна межа на нескін
функція, яка стає довільно великий, якx стає великим
межа на нескінченність
функція, яка наближається до граничного значенняL, якx стає великим
коса асимптота
лінія,y=mx+b якщоf(x) наближається до неї якx→∞ або x→−∞