23.4: Опрацьовані приклади
Приклад 23.3: Прокатка без ковзання коливального циліндра
Прикріпіть суцільний циліндр масою М і радіусом R до горизонтальної безмасової пружини з постійною пружини k, щоб він міг котитися, не ковзаючи по горизонтальній поверхні. У момент t центр маси циліндра рухається зі швидкістюVcm і пружина стискається vθ ,1 = ± 2gl (1− cosθ 0). відстань x від його рівноважної довжини. Який період простого гармонійного руху для центру мас циліндра?

Рішення: Під час t енергія прокатного циліндра та пружинної системи становить
E=12Mv2cm+12Icm(dθdt)2+12kx2
де x - величина, яку пружина стислаIcm=(1/2)MR2, і тому що вона котиться без ковзання
dθdt=VcmR
Тому енергія є
E=12MV2cm+14MR2(VcmR)2+12kx2=34MV2cm+12kx2
Енергія постійна (ніяка неконсервативна сила не робить роботу над системою) тому
0=dEdt=342MVcmdVcmdt+12k2xdxdt=Vcm(32Md2xdt2+kx)
ОскількиVcm більшу частину часу ненульовий, зміщення пружини задовольняє просте рівняння гармонічного осцилятора
d2xdt2+2k3Mx=0
Звідси період
T=2πω0=2π√3M2k
Приклад 23.4: U-трубка
U-трубка, відкрита з обох кінців, заповнена нестисливою рідиною щільностіρ. Площа поперечного перерізу А трубки рівномірна, а загальна довжина рідини в трубці дорівнює L. Поршень використовується для натискання висоти стовпа рідини з одного боку на відстаньx0 (підняття іншої сторони на таку ж відстань), а потім швидко знімається (рис. 23.10). Яка кутова частота послідовного простого гармонійного руху? Нехтують будь-якими резистивними силами і біля стінок U-трубки.

Рішення: Ми будемо використовувати збереження енергії. Спочатку вибирайте як нуль для гравітаційної потенційної енергії в конфігурації, де рівні води рівні по обидва боки трубки. Коли поршень з одного боку пригнічує рідину, вона піднімається з іншого. У даний момент часу, коли частина рідини масиΔm=ρAx знаходиться на висоті х вище рівноважної висоти (рис. 23.11), потенційна енергія рідини задається
U=Δmgx=(ρAx)gx=ρAgx2
У той же момент вся рідина довжини L і масиm=ρAL рухається зі швидкістю v, тому кінетична енергія
K=12mv2=12ρALv2
Таким чином, загальна енергія
E=K+U=12ρALv2+ρAgx2
Нехтуючи резистивною силою, механічна енергія рідини постійна. Тому
0=dEdt=ρALvdvdt+2ρAgxdxdt
Якщо ми просто розглянемо верхню частину рідини над положенням рівноваги на правій руці на малюнку 23.13, ми перепишемо Рівняння (23.4.10) як
0=dEdt=ρALvxdvxdt+2ρAgxdxdt
деvx=dx/dt. Тепер ми перепишемо енергетичний станdvx/dt=d2x/dt2, використовуючи як
0=vxρA(Ld2xdt2+2gx)
Ця умова виконується, колиvx=0 тобто умова рівноваги або коли
0=Ld2xdt2+2gx
Ця остання умова може бути записана як
d2xdt2=−2gLx
Це останнє рівняння є простим рівнянням гармонічного осцилятора. Використовуючи ті ж математичні прийоми, які ми використовували для системи пружинних блоків, рішення висоти рідини над положенням рівноваги задається
x(t)=Bcos(ω0t)+Csin(ω0t)
де
ω0=√2gL
- кутова частота коливань. Х -складова швидкості рідини з правого боку U-трубки задається
vx(t)=dx(t)dt=−ω0Bsin(ω0t)+ω0Ccos(ω0t)
Коефіцієнти В і С визначаються початковими умовами. t=0На висоті знаходиться рідинаx(t=0)=B=x0. Приt=0, швидкість дорівнює нулю такvx(t=0)=ω0C=0, отжеC=0. Таким чином, висота рідини над положенням рівноваги на правій стороні U-трубки як функція часу
x(t)=x0cos(√2gLt)