6.4: Нерівність Птолемея
Чотирикутник визначається як впорядкований чотиримісний з різних точок на площині. Ці 4 точки називаються вершинами чотирикутника. Чотирикутник ABCD також буде позначатися символом\square ABCD.
Дано чотирикутникABCD, чотири сегменти[AB][BC],[CD],, і[DA] називаються сторонами\square ABCD; інші два сегменти[AC] і[BD] називаються діагоналями\square ABCD.
У будь-якому чотирикутнику добуток діагоналей не може перевищувати суму добутків його протилежних сторін; тобто
AC \cdot BD \le AB \cdot CD + BC \cdot DA
для будь-якого\square ABCD.
Наведемо класичне доказ цієї нерівності методом подібних трикутників з додатковою побудовою. Цей доказ наведено як ілюстрацію — він не буде використовуватися далі в продовженні.
- Доказ
-
Розглянемо полустрочку[AX) таку, що\measuredangle BAX = \measuredangle CAD. У цьому випадку\measuredangle XAD = \measuredangle BAC з додаванням\measuredangle BAX або\measuredangle CAD до відповідних сторін виходить\measuredangle BAD. Можна припустити, що
AX = \dfrac{AB}{AC} \cdot AD.
У цьому випадку ми маємо
\dfrac{AX}{AD} = \dfrac{AB}{AC},\dfrac{AX}{AB} = \dfrac{AD}{AC}.
Звідси
\triangle BAX \sim \triangle CAD,\triangle XAD \sim \triangle BAC.
Тому,
\dfrac{BX}{CD} = \dfrac{AB}{AC},\dfrac{XD}{BC} = \dfrac{AD}{AC}.
або, еквівалентно
AC \cdot BX = AB \cdot CD,AC \cdot XD = BC \cdot AD.
Додавши ці дві рівності, ми отримуємо
AC \cdot (BX + XD) = AB \cdot CD + BC \cdot AD.
Залишилося застосувати нерівність трикутника,BD \le BX + XD.
Використовуючи доказ вище разом із наслідком 9.3.2, можна показати, що рівність тримається лише у тому випадку, якщо вершиниA, B, C, іD з'являються на прямій або колі в тому ж циклічному порядку; див. також Теорему 10.4.1 для іншого доказу випадку рівності. Вправа 18.3.2 нижче пропонує ще один доказ нерівності Птолемея за допомогою складних координат.