3.3: Набори живлення
Даним множиноюA, ми називаємо множини всіх підмножинA степеневого наборуA,, яку ми позначимоP(A).
ЯкщоA={1,2,3}, тоді
P(A)={∅,{1},{2},{3},{1,2},{1,3},{2,3},{1,2,3}}.
ЯкщоA кінцевий з|A|=n, потім|P(A)|=2n.
- Доказ
-
Нехай
B={(b1,b2,…,bn):bi=0 or bi=1,i=1,2,…,n}
і нехайa1,a2,…,an будуть елементиA. Визначитиφ:B→P(A), дозволяючи
φ(b1,b2,…,bn)={ai:bi=1,i=1,2,…,n}.
Потімφ йде листування один на один. Результат тепер випливає з наступної вправи. Q.E.D.
ЗB, як і в попередній пропозиції, показати, що|B|=2n.
За аналогією з випадком, колиA є кінцевим, ми допускаємо2|A|=|P(A)| для будь-якого непорожнього множиниA.
ПрипустимоA іB є множинами, для яких існує функція один-на-одинφ:A→ˉB але не існує кореспонденції один до одногоψ:A→B. Потім пишемо|A|<|B|.
ЯкщоA є непорожнім набором, то|A|<|P(A)|.
- Доказ
-
Визначитиφ:A→P(Z+) по
φ({ai}∞i=1)={i:i∈Z+,ai=1}.
Потімφ йде листування один на один. Q.E.D.
Тепер нехайB буде набір всіх послідовностей{ai}∞i=1 вA такий, що для кожного цілогоN існує ціле числоn>N таке, щоan=0. НехайC=A∖B,
D0={{ai}∞i=1:ai=1,i=1,2,3,…},
і
Dj={{ai}∞i=1:aj=0,ak=1 for k>j}
дляj=1,2,3,… Тоді|D0|=1 і|Dj|=2j−1 дляj=1,2,3,… того,
C=∞⋃j=0Dj,
такC підраховується. ОскількиA=B∪C, іA є незліченним, то випливає,B що незліченно. Тепер, якщо ми дозволимо
I={x:x∈R,0≤x<1},
ми бачили, що функціяφ:B→I визначається
φ({ai}∞i=1)=a1a2a3a4…
це листування один на один. Звідси випливає,I що незліченно. Як наслідок, ми маємо наступний результат.
Rнезліченна.
ДозвольтеI={x:x∈R,0≤x<1}. показати, що
а.|I|=|{x:x∈R,0≤x≤1}|
б.|I|=|{x:x∈R,0<x<1}|
c.|I|=|{x:x∈R,0<x<2}|
д.|I|=|{x:x∈R,−1<x<1}|
НехайI={x:x∈R,0≤x<1} і припустимоb,a і є дійсними числами зa<b. Показати, що
|I|=|{x:x∈R,a≤x<b}|.
Чи існує набірA⊂R для якогоℵ0<|A|<2ℵ0? (Перш ніж працювати занадто довго над цією проблемою, ви можете прочитати про гіпотезу континуму Кантора.)