3.2: Злічувані та незліченні набори
Функція, як кажуть,φ:A→B є відповідністю один до одного, якщоφ є як один до одного, так і на.
Ми говоримоB множиниA і мають однакову кардинальність, якщо існує відповідність один до одногоφ:A→B.
Позначаємо фактA іB маємо таку ж кардинальність шляхом написання|A|=|B|.
Визначте відношення для множин, встановившиA∼B якщо і тільки якщо|A|=|B|. Показати, що це відношення є співвідношенням еквівалентності.
НехайA буде набір. Якщо, боn∈Z+,A має кардинальність множини,{1,2,3,…,n}, ми говоримо,A є кінцевим і пишемо|A|=n. ЯкщоA має кардинальністьZ+, ми говоримо,A підраховується і писати|A|=ℵ0.
Якщо миφ:Z+→Z визначимо
φ(n)={n−12, if n is odd, −n2, if n is even,
тоφ це листування один на один. Таким чином|Z|=ℵ0.
AДозволяти множина парних цілих чисел. Покажіть, що|A|=ℵ0.
Перевірте кожне з наступних дій:
a ЯкщоA є непорожньою підмножиною,Z+, тоA є або скінченним, або підрахунковим.
b ЯкщоA є непорожньою підмножиною обчислювальної множини,B, тоA є або скінченним, або підрахунковим.
ПрипустимоB,A і є лічильними множинами. Тоді набірC=A∪B підраховується.
- Доказ
-
ПрипустимоA іB є неспільними, тобтоA∩B=∅.φ:Z+→Aψ:Z+→B Дозволяти і бути один до одного відповідності. Визначтеτ:Z+→C по
τ(n)={φ(n+12), if n is odd, ψ(n2), if n is even.
Тодіτ це листування один до одного, показуючи, щоC підраховується.
ЯкщоA іB не роз'єднані,τ то на, але не один до одного. Однак у цьому випадкуC має кардинальність нескінченної підмножиниZ+, і так підраховується. Q.E.D.
Непорожній набір, який не є кінцевим, вважається нескінченним. Нескінченний набір, який не піддається підрахунку, вважається незліченним.
ПрипустимоA, єB⊂A незліченним і піддається зліченню. Покажіть,A∖B що незліченно.
ПрипустимоB,A і є підрахункові. ТодіC=A×B підраховується.
- Доказ
-
φ:Z+→Aψ:Z+→BДозволяти і бути один на один відповідності. Дозвольтеai=φ(i) іbi=ψ(i). визначтеτ:Z+→C, дозволяючи
τ(1)=(a1,b1),
τ(2)=(a1,b2),
τ(3)=(a2,b1),
τ(4)=(a1,b3),
τ(5)=(a2,b2),
τ(6)=(a3,b1),
τ(7)=(a1,b4),
⋮=⋮
Тобто сформувати нескінченну матрицю з(ai,bj) вi -му рядку іj й стовпці, а потім порахувати записи, зчитуючи вниз діагоналі справа наліво. Тодіτ це листування один до одного іC піддається підрахунку.
Qпіддається зліченню.
- Доказ
-
За попередньою пропозицією,Z×Z є зліченою. Нехай
A={(p,q):p,q∈Z,q>0,p and q relatively prime .}
ТодіA нескінченно іA⊂Z×Z, такA підраховується. Але очевидно|Q|=|A|,, що такQ підраховується. Q.E.D.
Припустимо, для кожногоi∈Z+,Ai є зліченою. Тоді
B=∞⋃i=1Ai
піддається зліченню.
- Доказ
-
Припустимо,Ai,i∈Z+, множини попарно розмежовуються, тобтоAi∩Aj=∅i,j∈Z+. для всіх Для кожногоi∈Z+, нехайφi:Z+→Ai буде відповідність один до одного. Потімψ:Z+×Z+→B визначаються
ψ(i,j)=φi(j)
це листування один на один, і так|B|=|Z+×Z+|=ℵ0.
Якщо набориAi,i∈Z+, не роз'єднані, тоψ є на, але не один до одного. Але тоді існує підмножинаPZ+×Z+ таких, щоψ:P→B є відповідність один до одного. ОскількиP є нескінченною підмножиною обчислювальної множини,P підраховується і так|B|=ℵ0. Q.E.D.
Якщо в попередній пропозиції ми дозволяємо, що для кожногоi∈Z+,Ai є або скінченним, або підрахунковим, тоB=⋃∞i=1Ai буде або скінченним, або підрахунковим.