Skip to main content
LibreTexts - Ukrayinska

3.2: Злічувані та незліченні набори

Визначення

Функція, як кажуть,φ:AB є відповідністю один до одного, якщоφ є як один до одного, так і на.

Визначення

Ми говоримоB множиниA і мають однакову кардинальність, якщо існує відповідність один до одногоφ:AB.

Позначаємо фактA іB маємо таку ж кардинальність шляхом написання|A|=|B|.

Вправа3.2.1

Визначте відношення для множин, встановившиAB якщо і тільки якщо|A|=|B|. Показати, що це відношення є співвідношенням еквівалентності.

Визначення

НехайA буде набір. Якщо, боnZ+,A має кардинальність множини,{1,2,3,,n}, ми говоримо,A є кінцевим і пишемо|A|=n. ЯкщоA має кардинальністьZ+, ми говоримо,A підраховується і писати|A|=0.

Приклад3.2.1

Якщо миφ:Z+Z визначимо

φ(n)={n12, if n is odd, n2, if n is even, 

тоφ це листування один на один. Таким чином|Z|=0.

Вправа3.2.2

AДозволяти множина парних цілих чисел. Покажіть, що|A|=0.

Вправа3.2.3

Перевірте кожне з наступних дій:

a ЯкщоA є непорожньою підмножиною,Z+, тоA є або скінченним, або підрахунковим.

b ЯкщоA є непорожньою підмножиною обчислювальної множини,B, тоA є або скінченним, або підрахунковим.

Пропозиція3.2.1

ПрипустимоB,A і є лічильними множинами. Тоді набірC=AB підраховується.

Доказ

ПрипустимоA іB є неспільними, тобтоAB=.φ:Z+Aψ:Z+B Дозволяти і бути один до одного відповідності. Визначтеτ:Z+C по

τ(n)={φ(n+12), if n is odd, ψ(n2), if n is even. 

Тодіτ це листування один до одного, показуючи, щоC підраховується.

ЯкщоA іB не роз'єднані,τ то на, але не один до одного. Однак у цьому випадкуC має кардинальність нескінченної підмножиниZ+, і так підраховується. Q.E.D.

Визначення

Непорожній набір, який не є кінцевим, вважається нескінченним. Нескінченний набір, який не піддається підрахунку, вважається незліченним.

Вправа3.2.4

ПрипустимоA, єBA незліченним і піддається зліченню. Покажіть,AB що незліченно.

Пропозиція3.2.2

ПрипустимоB,A і є підрахункові. ТодіC=A×B підраховується.

Доказ

φ:Z+Aψ:Z+BДозволяти і бути один на один відповідності. Дозвольтеai=φ(i) іbi=ψ(i). визначтеτ:Z+C, дозволяючи

τ(1)=(a1,b1),

τ(2)=(a1,b2),

τ(3)=(a2,b1),

τ(4)=(a1,b3),

τ(5)=(a2,b2),

τ(6)=(a3,b1),

τ(7)=(a1,b4),

=

Тобто сформувати нескінченну матрицю з(ai,bj) вi -му рядку іj й стовпці, а потім порахувати записи, зчитуючи вниз діагоналі справа наліво. Тодіτ це листування один до одного іC піддається підрахунку.

Пропозиція3.2.3

Qпіддається зліченню.

Доказ

За попередньою пропозицією,Z×Z є зліченою. Нехай

A={(p,q):p,qZ,q>0,p and q relatively prime .}

ТодіA нескінченно іAZ×Z, такA підраховується. Але очевидно|Q|=|A|,, що такQ підраховується. Q.E.D.

Пропозиція3.2.4

Припустимо, для кожногоiZ+,Ai є зліченою. Тоді

B=i=1Ai

піддається зліченню.

Доказ

Припустимо,Ai,iZ+, множини попарно розмежовуються, тобтоAiAj=i,jZ+. для всіх Для кожногоiZ+, нехайφi:Z+Ai буде відповідність один до одного. Потімψ:Z+×Z+B визначаються

ψ(i,j)=φi(j)

це листування один на один, і так|B|=|Z+×Z+|=0.

Якщо набориAi,iZ+, не роз'єднані, тоψ є на, але не один до одного. Але тоді існує підмножинаPZ+×Z+ таких, щоψ:PB є відповідність один до одного. ОскількиP є нескінченною підмножиною обчислювальної множини,P підраховується і так|B|=0. Q.E.D.

Якщо в попередній пропозиції ми дозволяємо, що для кожногоiZ+,Ai є або скінченним, або підрахунковим, тоB=i=1Ai буде або скінченним, або підрахунковим.